张四保
(喀什大学 数学与统计学院,新疆 喀什 844008)
论文将讨论方程
φ3(n)=2ω(n)
(1)
与方程
φ4(n)=2ω(n)
(2)
的整数解.
引理1[7]若
是正整数n的标准式,(pi,3)=1,1≤i≤t,则
引理2[7-8]若
是正整数n的标准式,(pi,2)=1,1≤i≤t,则
定理1方程(1)只有n=7,21这2个正整数解.
φ(n)=2ω(n)[3-(-1)Ω(n)2-α-1].
(3)
(i)α=0.由(3)式,有φ(n)=2ω(n)[3-(-1)Ω(n)2-1],即φ(n)=2ω(n)-1[6-(-1)Ω(n)],有
(4)
在(4)式中,Ω(n)或者为奇数或者为偶数.当Ω(n)为奇数时,(4)式为
(5)
当Ω(n)为偶数时,(4)式为
(6)
显然在(5),(6)式中,左端一定有2ω(n)这一因数,而右端有2ω(n)-1这一可能因数,这说明了(5),(6)式不可能成立,因而此时方程(1)无解.
(ii) 当α=1.由(3)式,有φ(n)=2ω(n)[3-(-1)Ω(n)2-2],即
(7)
(8)
同样,在(8)式中,左端一定有2ω(n)这一因数,而右端有2ω(n)-2这一可能因数,这说明了(8)式不可能成立,因而此时方程(1)无解.
情形2其他.由引理1,由(1)式有φ(n)=2ω(n)×3,即
(9)
定理2方程(2)只有n= 9,11,34,40,102这5个正整数解.
φ(n)=2ω(n)[4-(-1)Ω(n)2-α].
(10)
(i)α=0.由(10)式,有φ(n)=2ω(n)[4-(-1)Ω(n)],即
(11)
(11)式或者为
(12)
(12)式中Ω(n)为偶数,从而有解t=1,α1=2,因而方程(2)有解n=32=9.(11)式或者为
(13)
(13)式有解t=1,α1=1,p1=11,从而n=11为方程(2)的解.
(14)
(14)式或者为
(15)
(15)式中Ω(n)为偶数,方程(2)无解.(14)式或者为
(16)
(16)式中Ω(n)为奇数,方程(2)无解.
情形2其他.由引理2,由(2)式有φ(n)=2ω(n)+2.
(i)α=0.有
(17)
由于(17)式无解,从而方程(2)无解.
(ii)α=1.有
(18)
(18)式有解t=1,α1=1,p1=17与t=2,α1=α2=1,p1=3,p2=17,从而方程(2)有解n=2×17=34,n=2×3×17=102.
(iii)α=2.有
(19)
由于(19)式无解,从而方程(2)无解.
(iv)α=3.有
(20)
由于(20)式有解t=1,α1=1,p1=5,从而方程(2)有解n=23×5=40.
(v)α≥4.有
(21)
由于(21)式右端为偶数,右端为奇数,因而(21)式不成立,从而方程(2)无解.
综合以上,定理2证毕.